H2o2 h2o o2 окислительно восстановительная реакция. Окислительно-восстановительные реакции
Прежде чем приводить примеры окислительно-восстановительных реакций с решением, выделим основные определения, связанные с данными превращениями.
Те атомы или ионы, которые в ходе взаимодействия меняют степень окисления с понижением (принимают электроны), называют окислителями. Среди веществ, обладающих такими свойствами, можно отметить сильные неорганические кислоты: серную, соляную, азотную.
Окислитель
Также к сильным окислителям относятся перманганаты и хроматы щелочных металлов.
Окислитель принимает то в ходе реакции, которое необходимо ему до завершения энергетического уровня (установления завершенной конфигурации).
Восстановитель
Любая схема окислительно-восстановительной реакции предполагает выявление восстановителя. К нему относят ионы или нейтральные атомы, способные повышать в ходе взаимодействия показатель степени окисления (отдают электроны иным атомам).
В качестве типичных восстановителей можно привести атомы металлов.
Процессы в ОВР
Чем еще характеризуются характеризуются изменением степеней окисления у исходных веществ.
Окисление предполагает процесс отдачи отрицательных частиц. Восстановление предполагает принятие их от других атомов (ионов).
Алгоритм разбора
Примеры окислительно-восстановительных реакций с решением предлагаются в различных справочных материалах, предназначенных для подготовки старшеклассников к выпускным испытаниям по химии.
Для того чтобы успешно справиться с предлагаемые в ОГЭ и ЕГЭ заданиями, важно владеть алгоритмом составления и разбора окислительно-восстановительных процессов.
- В первую очередь проставляют зарядовые величины у всех элементов в веществах, предложенных в схеме.
- Выписываются атомы (ионы) из левой части реакции, которые в ходе взаимодействия, поменяли показатели.
- При повышении степени окисления используется знак «-», а при понижении «+».
- Между отданными и принятыми электронами определяется наименьшее общее кратное (число, на которое они делятся без остатка).
- При делении НОК на электроны, получаем стереохимические коэффициенты.
- Расставляем их перед формулами в уравнение.
Первый пример из ОГЭ
В девятом классе далеко не все школьники знают, как решать окислительно-восстановительные реакции. Именно поэтому они допускают множество ошибок, не получают высоких баллов за ОГЭ. Алгоритм действий приведен выше, теперь попробуем отработать его на конкретных примерах.
Особенность заданий, касающихся расстановки коэффициентов в предложенной реакции, выданных выпускникам основной ступени обучения, в том, что и левая, и правая части уравнения даны.
Это существенно упрощает задачу, так как не нужно самостоятельно придумывать продукты взаимодействия, подбирать недостающие исходные вещества.
Например, предлагается с помощью электронного баланса выявить коэффициенты в реакции:
На первый взгляд, в данной реакции не требуются стереохимические коэффициенты. Но, для того, чтобы подтвердить свою точку зрения, необходимо у всех элементов зарядовые числа.
В бинарных соединениях, к которым относится оксид меди (2) и оксид железа (2), сумма степеней окисления равна нулю, учитывая, что у кислорода она -2, у меди и железа данный показатель +2. Простые вещества не отдают (не принимают) электроны, поэтому для них характерна нулевая величина степени окисления.
Составим электронный баланс, показав знаком "+" и "-" количество принятых и отданных в ходе взаимодействия электронов.
Fe 0 -2e=Fe 2+ .
Так как количество принятых и отданных в ходе взаимодействия электронов одинаково, нет смысла находить наименьшее общее кратное, определять стереохимические коэффициенты, ставить их в предложенную схему взаимодействия.
Для того чтобы получить за задание максимальный балл, необходимо не только записать примеры окислительно-восстановительных реакций с решением, но и выписать отдельно формулу окислителя (CuO) и восстановителя (Fe).
Второй пример с ОГЭ
Приведем еще примеры окислительно-восстановительных реакций с решением, которые могут встретиться девятиклассникам, выбравшим химию в качестве выпускного экзамена.
Допустим, предлагается расставить коэффициенты в уравнении:
Na+HCl=NaCl+H 2 .
Для того чтобы справиться с поставленной задачей, сначала важно определить у каждого простого и сложного вещества показатели степеней окисления. У натрия и водорода они будут равны нулю, так как они являются простыми веществами.
В соляной кислоте водород имеют положительную, а хлор - отрицательную степень окисления. После расстановки коэффициентов получим реакцию с коэффициентами.
Первый из ЕГЭ
Как дополнить окислительно-восстановительные реакции? Примеры с решением, встречающиеся на ЕГЭ (11 класс), предполагают дополнение пропусков, а также расстановку коэффициентов.
Например, нужно электронным балансом дополнить реакцию:
H 2 S+ HMnO 4 = S+ MnO 2 +…
Определите восстановитель и окислитель в предложенной схеме.
Как научиться составлять окислительно-восстановительные реакции? Образец предполагает использование определенного алгоритма.
Сначала во всех веществах, данных по условию задачи, необходимо поставить степени окисления.
Далее нужно проанализировать, какое вещество может стать неизвестным продуктом в данном процессе. Поскольку в здесь присутствует окислитель (в его роли выступает марганец), восстановитель (им является сера), в искомом продукте не меняются степени окисления, следовательно, это вода.
Рассуждая о том, как правильно решать окислительно-восстановительные реакции, отметим, что следующим этапом будет составление электронного соотношения:
Mn +7 принимает 3 e= Mn +4 ;
S -2 отдает 2e= S 0 .
Катион марганца является восстановителем, а анион серы - типичный окислитель. Поскольку наименьшим кратным между принятыми и отданными электронами будет 6, получаем коэффициенты: 2, 3.
Последним этапом будет постановка коэффициентов в исходное уравнение.
3H 2 S+ 2HMnO 4 = 3S+ 2MnO 2 + 4H 2 O.
Второй образец ОВР в ЕГЭ
Как правильно составить окислительно-восстановительные реакции? Примеры с решением помогут отработать алгоритм действий.
Предлагается методом электронного баланса заполнить пропуски в реакции:
PH 3 + HMnO 4 = MnO 2 +…+…
Расставляем у всех элементов степени окисления. В данном процессе окислительные свойства проявляются марганцем, входящим в состав а восстановителем должен быть фосфор, меняя свою степень окисления на положительную в фосфорной кислоте.
Согласно сделанному предположению, получаем схему реакции, затем составляем уравнение электронного баланса.
P -3 отдает 8 e и превращается в P +5 ;
Mn +7 принимает 3e, переходя в Mn +4 .
НОК будет 24, поэтому у фосфора должен присутствовать стереометрический коэффициент 3, а у марганца -8.
Ставим коэффициенты в полученный процесс, получаем:
3 PH 3 + 8 HMnO 4 = 8 MnO 2 + 4H 2 O+ 3 H 3 PO 4 .
Третий пример из ЕГЭ
Путем электронно-ионного баланса нужно составить реакцию, указать восстановитель и окислитель.
KMnO 4 + MnSO 4 +…= MnO 2 +…+ H2SO 4 .
По алгоритму расставляем у каждого элемента степени окисления. Далее определяем те вещества, что пропущены в правой и левой частях процесса. Здесь дан восстановитель и окислитель, поэтому в пропущенных соединениях степени окисления не меняются. Упущенным продуктом станет вода, а исходным соединением - сульфат калия. Получаем схему реакции, для которой составим электронный баланс.
Mn +2 -2 e= Mn +4 3 восстановитель;
Mn +7 +3e= Mn +4 2 окислитель.
Записываем коэффициенты в уравнение, суммируя атомы марганца в правой части процесса, так как он относится к процессу диспропорционирования.
2KMnO 4 + 3MnSO 4 + 2H 2 O= 5MnO 2 + K 2 SO 4 + 2H 2 SO 4 .
Заключение
Окислительно-восстановительные реакции имеют особое значение для функционирования живых организмов. Примерами ОВР являются процессы гниения, брожения, нервной деятельности, дыхания, обмена веществ.
Окисление и восстановление актуальны для металлургической и химической промышленности, благодаря таким процессам можно восстанавливать металлы из их соединений, защищать от химической коррозии, подвергать обработке.
Для составления окислительно-восстановительного процесса в органической или необходимо использовать определенный алгоритм действий. Сначала в предложенной схеме расставляют степени окисления, потом определяют те элементы, которые повысили (понизили) показатель, записывают электронный баланс.
При соблюдении последовательности действий, предложенной выше, можно без проблем справиться с заданиями, предлагаемыми в тестах.
Помимо метода электронного баланса, расстановка коэффициентов возможна также путем составления полуреакций.
18. Окислительно-восстановительные реакции (продолжение 1)
18.5. ОВР пероксида водорода
В молекулах пероксида водорода H 2 O 2 атомы кислорода находятся в степени окисления –I. Это промежуточная и не самая устойчивая степень окисления атомов этого элемента, поэтому пероксид водорода проявляет и окислительные, и восстановительные свойства.
Окислительно-восстановительная активность этого вещества зависит от концентрации. В обычно используемых растворах с массовой долей 20 % пероксид водорода довольно сильный окислитель, в разбавленных растворах его окислительная активность снижается. Восстановительные свойства для пероксида водорода менее характерны, чем окислительные, и также зависят от концентрации.
Пероксид водорода – очень слабая кислота (см. приложение 13), поэтому в сильнощелочных растворах его молекулы превращаются гидропероксид-ионы.
В зависимости от реакции среды и от того, окислителем или восстановителем является пероксид водорода в данной реакции, продукты окислительно-восстановительного взаимодействия будут разными. Уравнения полуреакций для всех этих случаев приведены в таблице 1.
Таблица 1
Уравнения окислительно-восстановительных полуреакций H 2 O 2 в растворах
Реакция среды |
H 2 O 2 окислитель |
H 2 O 2 восстановитель |
| Кислотная | ||
| Нейтральная | H 2 O 2 + 2e – = 2OH | H 2 O 2 + 2H 2 O – 2e – = O 2 + 2H 3 O |
| Щелочная | HO 2 + H 2 O + 2e – = 3OH |
Рассмотрим примеры ОВР с участием пероксида водорода.
Пример 1. Составьте уравнение реакции, протекающей при добавлении раствора йодида калия к раствору пероксида водорода, подкисленному серной кислотой.
| 1 | H 2 O 2 + 2H 3 O + 2e – = 4H 2 O |
| 1 | 2I – 2e – = I 2 |
H 2 O 2 + 2H 3 O +2I =
4H 2 O + I 2
H 2 O 2 + H 2 SO 4 + 2KI = 2H 2 O + I 2 + K 2 SO 4
Пример 2. Составьте уравнение реакции между перманганатом калия и пероксидом водорода в водном растворе, подкисленном серной кислотой.
| 2 | MnO 4 + 8H 3 O + 5e – = Mn 2 + 12H 2 O |
| 5 | H 2 O 2 + 2H 2 O – 2e – = O 2 + 2H 3 O |
2MnO 4
+ 6H 3 O+ + 5H 2 O 2 = 2Mn 2 + 14H 2 O + 5O 2
2KMnO 4 + 3H 2 SO 4 + 5H 2 O 2 = 2MnSO 4
+ 8H 2 O + 5O 2 + K 2 SO 4
Пример 3. Составьте уравнение реакции пероксида водорода с йодидом натрия в растворе в присутствии гидроксида натрия.
| 3 | 6 | HO 2 + H 2 O + 2e – = 3OH |
| 1 | 2 | I + 6OH – 6e – = IO 3 + 3H 2 O |
3HO 2 +
I = 3OH + IO 3
3NaHO 2 + NaI = 3NaOH + NaIO 3
Без учета реакции нейтрализации между гидроксидом натрия и пероксидом водорода это уравнение часто записывают так:
3H 2 O 2 + NaI = 3H 2 O + NaIO 3 (в присутствии NaOH)
Это же уравнение получится, если сразу (на стадии составления баланса) не принимать во внимание образование гидропероксид-ионов.
Пример 4. Составьте уравнение реакции, протекающей при добавлении диоксида свинца к раствору пероксида водорода в присутствии гидроксида калия.
Диоксид свинца PbO 2 – очень сильный окислитель, особенно в кислотной среде. Восстанавливаясь в этих условиях, он образует ионы Pb 2 . В щелочной среде при восстановлении PbO 2 образуются ионы .
| 1 | PbO 2 + 2H 2 O + 2e – = + OH |
| 1 | HO 2 + OH – 2e – = O 2 + H 2 O |
PbO 2 + H 2 O + HO 2 = + O 2
Без учета образования гидропероксид-ионов уравнение записывается так:
PbO 2 + H 2 O 2 + OH = + O 2 + 2H 2 O
Если по условию задания добавляемый раствор пероксида водорода был щелочным, то молекулярное уравнение следует записывать так:
PbO 2 + H 2 O + KHO 2 = K + O 2
Если же в реакционную смесь, содержащую щелочь, добавляется нейтральный раствор пероксида водорода, то молекулярное уравнение может быть записано и без учета образования гидропероксида калия:
PbO 2 + KOH + H 2 O 2 = K + O 2
18.6. ОВР дисмутации и внутримолекулярные ОВР
Среди окислительно-восстановительных реакций выделяют реакции дисмутации (диспропорционирования, самоокисления-самовосстановления) .
Примером известной вам реакции дисмутации является реакция хлора с водой:
Cl 2 + H 2 O HCl + HClO
В этой реакции половина атомов хлора(0) окисляется до степени окисления +I, а вторая половина восстанавливается до степени окисления –I:
Составим методом электронно-ионного баланса уравнение аналогичной реакции, протекающей при пропускании хлора через холодный раствор щелочи, например KOH:
| 1 | Cl 2 + 2e – = 2Cl |
| 1 | Cl 2 + 4OH – 2e – = 2ClO + 2H 2 O |
2Cl 2 + 4OH = 2Cl + 2ClO + 2H 2 O
Все коэффициенты в этом уравнении имеют общий делитель, следовательно:
Cl 2 + 2OH
= Cl + ClO + H 2 O
Cl 2 + 2KOH = KCl + KClO + H 2 O
Дисмутация хлора в горячем растворе протекает несколько иначе:
| 5 | Cl 2 + 2e – = 2Cl | |
| 1 | Cl 2 + 12OH – 10e – = 2ClO 3 + 6H 2 O |
3Cl 2 + 6OH
= 5Cl + ClO 3 + 3H 2 O
3Cl 2 + 6KOH = 5KCl + KClO 3 + 3H 2 O
Большое практическое значение имеет дисмутация диоксида азота при его реакции c водой (а ) и с растворами щелочей (б ):
| а ) | NO 2 + 3H 2 O – e – = NO 3 + 2H 3 O | NO 2 + 2OH – e – = NO 3 + H 2 O | |||
| NO 2 + H 2 O + e – = HNO 2 + OH | NO 2 + e – = NO 2 | ||||
2NO 2 + 2H 2 O = NO 3 + H 3 O + HNO 2 |
2NO 2 + 2OH = NO 3 + NO 2 + H 2 O |
||||
2NO 2 + H 2 O = HNO 3 + HNO 2 |
2NO 2 + 2NaOH = NaNO 3 + NaNO 2 + H 2 O |
||||
Реакции дисмутации протекают не только в растворах, но и при нагревании твердых веществ, например, хлората калия:
4KClO 3 = KCl + 3KClO 4
Характерным и очень эффектным примером внутримолекулярной ОВР является реакция термического разложения дихромата аммония (NH 4) 2 Cr 2 O 7 . В этом веществе атомы азота находятся в своей низшей степени окисления (–III), а атомы хрома – в высшей (+VI). При комнатной температуре это соединение вполне устойчиво, но при нагревании интенсивно разлагается. При этом хром(VI) переходит в хром(III) – наиболее устойчивое состояние хрома, а азот(–III) – в азот(0) – также наиболее устойчивое состояние. С учетом числа атомов в формульной единице уравнения электронного баланса:
| 2Cr +VI + 6e – = 2Cr +III | |
| 2N –III – 6e – = N 2 , |
а само уравнение реакции:
(NH 4) 2 Cr 2 O 7 = Cr 2 O 3 + N 2 + 4H 2 O .
Другой важный пример внутримолекулярной ОВР – термическое разложение перхлората калия KClO 4 . В этой реакции хлор(VII), как и всегда, когда он выступает в роли окислителя, переходит в хлор(–I), окисляя кислород(–II) до простого вещества:
| 1 | Cl +VII + 8e – = Cl –I | |
| 2 | 2O –II – 4e – = O 2 |
и, следовательно, уравнение реакции
KClO 4 = KCl + 2O 2
Аналогично разлагается при нагревании и хлорат калия KClO 3 , если разложение проводить в присутствии катализатора (MnO 2): 2KClO 3 = 2KCl + 3O 2
В отсутствие катализатора протекает реакция
дисмутации.
К группе внутримолекулярных ОВР относятся и
реакции термического разложения нитратов.
Обычно процессы, протекающие при нагревании
нитратов довольно сложны, особенно в случае
кристаллогидратов. Если в кристаллогидрате
молекулы воды удерживаются слабо, то при слабом
нагревании происходит обезвоживание нитрата
[например, LiNO 3 . 3H 2 O и Ca(NO 3) 2 4H 2 O обезвоживаются до LiNO 3
и Ca(NO 3) 2 ], если же вода связана прочнее
[как, например, в Mg(NO 3) 2 . 6H 2 O и
Bi(NO 3) 3 . 5H 2 O], то происходят
своего рода реакции " внутримолекулярного
гидролиза" с образованием основных солей –
гидроксид-нитратов ,
которые при дальнейшем нагревании могут
переходить в оксид-нитраты {
и (NO 3) 6 }, последние при
более высокой температуре разлагаются до
оксидов.
Безводные нитраты при нагревании могут разлагаться до нитритов (если они существуют и при этой температуре еще устойчивы), а нитриты – до оксидов. Если нагревание проводится до достаточно высокой температуры, или соответствующий оксид малоустойчив (Ag 2 O, HgO), то продуктом термического разложения может быть и металл (Cu, Cd, Ag, Hg).
Несколько упрощенная схема термического разложения нитратов показана на рис. 5.
Примеры последовательных превращений, протекающих при нагревании некоторых нитратов (температуры приведены в градусах Цельсия):
KNO 3 KNO 2 K 2 O;
Ca(NO 3) 2 . 4H 2 O Ca(NO 3) 2 Ca(NO 2) 2 CaO;
Mg(NO 3) 2 . 6H 2 O Mg(NO 3)(OH) MgO;
Cu(NO 3) 2 . 6H 2 O Cu(NO 3) 2 CuO Cu 2 O Cu;
Bi(NO 3) 3 . 5H 2 O Bi(NO 3) 2 (OH) Bi(NO 3)(OH) 2 (NO 3) 6 Bi 2 O 3 .
Несмотря на сложность происходящих процессов, при ответе на вопрос, что получится при " прокаливании" (то есть при температуре 400 – 500 o С) соответствующего безводного нитрата, обычно руководствуются следующими предельно упрощенными правилами:
1) нитраты наиболее активных металлов (в ряду
напряжений – левее магния) разлагаются до
нитритов;
2) нитраты менее активных металлов (в ряду
напряжений – от магния до меди) разлагаются до
оксидов;
3) нитраты наименее активных металлов (в ряду
напряжений – правее меди) разлагаются до
металла.
Используя эти правила, следует помнить, что в
таких условиях
LiNO 3 разлагается до оксида,
Be(NO 3) 2 разлагается до оксида при более
высокой температуре,
из Ni(NO 3) 2 помимо NiO может получиться и
Ni(NO 2) 2 ,
Mn(NO 3) 2 разлагается до Mn 2 O 3 ,
Fe(NO 3) 2 разлагается до Fe 2 O 3 ;
из Hg(NO 3) 2 кроме ртути может получиться
и ее оксид.
Рассмотрим типичные примеры реакций, относящихся к этим трем типам:
KNO 3 KNO 2 + O 2
2KNO 3 = 2KNO 2 + O 2 |
Zn(NO 3) 2 ZnO + NO 2 + O 2
2Zn(NO 3) 2 = 2ZnO + 4NO 2 + O 2 |
AgNO 3 Ag + NO 2 + O 2 18.7. Окислительно-восстановительные реакции конмутации Эти реакции могут быть как межмолекулярными, так и внутримолекулярными. Например, внутримолекулярные ОВР, протекающие при термическом разложении нитрата и нитрита аммония, относятся к реакциям конмутации, так как здесь происходит выравнивание степени окисления атомов азота: NH 4 NO 3 = N 2 O + 2H 2 O (около 200 o С) При более высокой температуре (250 – 300 o С) нитрат аммония разлагается до N 2 и NO, а при еще более высокой (выше 300 o С) – до азота и кислорода, и в том и в другом случае образуется вода. Примером межмолекулярной реакции конмутации является реакция, протекающая при сливании горячих растворов нитрита калия и хлорида аммония: NH 4 + NO 2 = N 2 + 2H 2 O NH 4 Cl + KNO 2 = KCl + N 2 + 2H 2 O Если проводить аналогичную реакцию, нагревая смесь кристаллических сульфата аммония и нитрата кальция, то, в зависимости от условий, реакция может протекать по-разному: (NH 4) 2 SO 4 + Ca(NO 3) 2
= 2N 2 O + 4H 2 O + CaSO 4 (t < 250 o C) Первая и третья из этих реакций – реакции конмутации, вторая – более сложная реакция, включающая как конмутацию атомов азота, так и окисление атомов кислорода. Какая из реакций будет протекать при температуре выше 250 o С, зависит от соотношения реагентов. Реакции конмутации, приводящие к образованию хлора, протекают при обработке соляной кислотой солей кислородсодержащих кислот хлора, например: 6HCl + KClO 3 = KCl + 3Cl 2 + 3H 2 O Также по реакции конмутации образуется сера из газообразных сероводорода и диоксида серы: 2H 2 S + SO 2 = 3S + 2H 2 O ОВР конмутации довольно многочисленны и разнообразны – к ним относятся даже некоторые кислотно-основные реакции, например: NaH + H 2 O = NaOH + H 2 . Для составления уравнений ОВР конмутации используется как электронно-ионный, так и электронный баланс, в зависимости от того, в растворе протекает данная реакция или нет. 18.8. Электролиз Изучая главу IX, вы познакомились с электролизом расплавов различных веществ. Так как подвижные ионы присутствуют и в растворах, электролизу могут быть подвергнуты также растворы различных электролитов. Как при электролизе расплавов, так и при электролизе растворов, обычно используют электроды, изготовленные из материала, не вступающего в реакцию (графита, платины и т. п.), но иногда электролиз проводят и с " растворимым" анодом. " Растворимый" анод используют в тех случаях, когда необходимо получить электрохимическим способом соединение элемента, из которого изготовлен анод. При электролизе имеет большое значение разделены анодное и катодное пространство, или электролит в процессе реакции перемешивается – продукты реакции в этих случаях могут оказаться разными. Рассмотрим важнейшие случаи электролиза. 1. Электролиз расплава NaCl. Электроды инертные (графитовые), анодное и катодное пространства разделены. Как вы уже знаете, в этом случае на катоде и на аноде протекают реакции: K: Na + e –
= Na Записав таким образом уравнения реакций, протекающих на электродах, мы получаем полуреакции, с которыми можем поступать точно так же, как в случае использования метода электронно-ионного баланса:
Сложив эти уравнения полуреакций, получаем ионное уравнение электролиза 2Na + 2Cl 2Na + Cl 2 а затем и молекулярное 2NaCl 2Na + Cl 2 В этом случае катодное и анодное пространства должны быть разделены для того, чтобы продукты реакции не реагировали между собой. В промышленности эта реакция используется для получения металлического натрия. 2. Электролиз расплава K 2 CO 3 . Электроды инертные (платиновые). Катодное и анодное пространства разделены.
4K+ + 2CO 3 2 4K + 2CO 2 + O 2 3. Электролиз воды (H 2 O). Электроды инертные.
4H 3 O + 4OH 2H 2 + O 2 + 6H 2 O 2H 2 O 2H 2 + O 2 Вода – очень слабый электролит, в ней содержится очень мало ионов, поэтому электролиз чистой воды протекает крайне медленно. 4. Электролиз раствора CuCl 2 . Электроды графитовые. В системе присутствуют катионы Cu 2 и H 3 O , а также анионы Cl и OH . Ионы Cu 2 более сильные окислители, чем ионы H 3 O (см. ряд напряжений), поэтому на катоде прежде всего будут разряжаться ионы меди, и только, когда их останется очень мало, будут разряжаться ионы оксония. Для анионов можно руководствоваться следующим правилом: |
При повышении степени окисления протекает процесс окисления, а само вещество является восстановителем. При понижении степени окисления протекает процесс восстановления, а само вещество является окислителем.
Описанный метод уравнивания ОВР носит название «метод баланса по степеням окисления».
Излагаемый в большинстве пособий по химии и широко используемый на практике метод электронного баланса для уравнивания ОВР можно применять с оговорками о том, что степень окисления не равна заряду.
2. Метод полуреакций.
В тех случаях , когда реакция протекает в водном растворе (расплаве), при составлении уравнений исходят не от изменения степени окисления атомов, входящих в состав реагирующих веществ, а от изменения зарядов реальных частиц, то есть учитывают форму существования веществ в растворе (простой или сложный ион, атом или молекула нерастворенного или слабодиссоциирующего в воде вещества).
В этом случае при составлении ионных уравнений окислительно-восстановительных реакций следует придерживаться той же формы записи, которая принята для ионных уравнений обменного характера, а именно: малорастворимые, малодиссоциированные и газообразные соединения следует писать в молекулярной форме, а ионы, не изменяющие своего состояния, - исключать из уравнения. При этом процессы окисления и восстановления записывают в виде отдельных полуреакций. Уравняв их по количеству атомов каждого вида, полуреакции складывают, умножив каждую на такой коэффициент, который уравнивает изменение заряда окислителя и восстановителя.
Метод полуреакций точнее отражает истинные изменения веществ в процессе окислительно-восстановительных реакций и облегчает составление уравнений этих процессов в ионно-молекулярной форме.
Поскольку из одних и тех же реагентов могут быть получены разные продукты в зависимости от характера среды (кислотного, щелочного, нейтрального), для таких реакций в ионной схеме, кроме частиц, выполняющих функции окислителя и восстановителя, обязательно указывается частица, характеризующая реакцию среды (то есть ион Н + или ион ОН - , или молекула Н 2 О).
Пример 5. Используя метод полуреакций, расставьте коэффициенты в реакции:
KMnO 4 + KNO 2 + H 2 SO 4 ® MnSO 4 + KNO 3 + K 2 SO 4 + H 2 O .
Решение. Записываем реакцию в ионном виде, учитывая, что все вещества, кроме воды, диссоциируют на ионы:
MnO 4 - + NO 2 - + 2H + ® Mn 2+ + NО 3 - + H 2 O
(K + и SO 4 2 - остаются без изменения, поэтому в ионной схеме их не указывают). Из ионной схемы видно, что окислитель перманганат-ион (MnO 4 -) превращается в Mn 2+ -ион и при этом освобождаются четыре атома кислорода.
В кислой среде каждый освобождающийся окислителем атом кислорода связывается с 2Н + с образованием молекулы воды.
Отсюда следует : MnO 4 - + 8H + + 5® Mn 2+ + 4H 2 O .
Находим разницу зарядов продуктов и реагентов: Dq = +2-7 = -5 (знак "-" показывает, что протекает процесс восстановления и 5присоединяется к реагентам). Для второго процесса, превращения NO 2 - в NO 3 - , недостающий кислород поступает из воды к восстановителю, и в результате образуется избыток ионов Н + , при этом реагенты теряют 2:
NO 2 - + H 2 O - 2® NO 3 - + 2H + .
Таким образом получаем:
2 | MnO 4 - + 8H + + 5® Mn 2+ + 4H 2 O (восстановление),
5 | NO 2 - + H 2 O - 2® NO 3 - + 2H + (окисление).
Умножая члены первого уравнения на 2, а второго - на 5 и складывая их, получим ионно-молекулярное уравнение данной реакции:
2MnO 4 - + 16H + + 5NO 2 - + 5H 2 O = 2Mn 2+ + 8H 2 O + 5NO 3 - + 10H + .
Сократив одинаковые частицы в левой и правой части уравнения, получаем окончательно ионно-молекулярное уравнение:
2MnO 4 - + 5NO 2 - + 6H + = 2Mn 2+ + 5NO 3 - + 3H 2 O.
По ионному уравнению составляем молекулярное уравнение:
2KMnO 4 + 5KNO 2 + 3H 2 SO 4 = 2MnSO 4 + 5KNO 3 + K 2 SO 4 + 3H 2 O.
В щелочной и нейтральных средах можно руководствоваться следующими правилами: в щелочной и нейтральной среде каждый освобождающийся окислителем атом кислорода соединяется с одной молекулой воды, образуя два гидроксид-иона (2ОН -), а каждый недостающий - поступает к восстановителю из 2-х ОН - -ионов с образованием одной молекулы воды в щелочной среде, а в нейтральной - поступает из воды с освобождением 2-х ионов Н + .
Если в окислительно-восстановительной реакции участвует пероксид водорода (Н 2 О 2), надо учитывать роль Н 2 О 2 в конкретной реакции. В Н 2 О 2 кислород находится в промежуточной степени окисления (-1), поэтому пероксид водорода в окислительно-восстановительных реакциях проявляет окислительно-восстановительную двойственность. В тех случаях, когда Н 2 О 2 является окислителем , полуреакции имеют следующий вид:
Н 2 О 2 + 2Н + + 2? ® 2Н 2 О (кислая среда);
Н 2 О 2 +2? ® 2ОН - (нейтральная и щелочная среды).
Если пероксид водорода является восстановителем :
Н 2 О 2 - 2? ® О 2 + 2Н + (кислая среда);
H 2 O 2 + 2OH - - 2? ® O 2 + 2H 2 O (щелочная и нейтральная).
Пример 6. Уравнять реакцию: KI + H 2 O 2 + H 2 SO 4 ® I 2 + K 2 SO 4 + H 2 O.
Решение. Записываем реакцию в ионном виде:
I - + H 2 O 2 + 2H + ® I 2 + SO 4 2 - + H 2 O.
Cоставляем полуреакции, учитывая, что H 2 O 2 в этой реакции является окислителем и реакция протекает в кислой среде:
1 2I - - 2= I 2 ,
1 H 2 O 2 + 2H + + 2® 2H 2 O.
Конечное уравнение: 2KI + H 2 O 2 + H 2 SO 4 ® I 2 + K 2 SO 4 + 2H 2 O.
Различают четыре типа окислительно-восстановительных реакций:
1 . Межмолекулярные окислительно-восстановительные реакции, при которых изменяются степени окисления атомов элементов, входящих в состав разных веществ. Реакции, рассмотренные в примерах 2-6, относятся к этому типу.
2 . Внутримолекулярные окислительно-восстановительные реакции, при которых степень окисления изменяют атомы разных элементов одного и того же вещества. По такому механизму протекают реакции термического разложения соединений. Например, в реакции
Pb(NO 3) 2 ® PbO + NO 2 + O 2
изменяет степень окисления азот (N +5 ® N +4) и атом кислорода (О - 2 ® О 2 0), находящиеся внутри молекулы Pb(NO 3) 2 .
3. Реакции самоокисления-самовосстановления (диспропорционирования, дисмутации). В этом случае степень окисления одного и того же элемента и повышается, и понижается. Реакции диспропорционирования характерны для соединений или элементов веществ, соответствующих одной из промежуточных степеней окисления элемента.
Пример 7. Используя все выше изложенные методы, уравнять реакцию:
Решение.
а) Метод баланса степеней окисления.
Определим степени окисления участвующих в окислительно-восстановительном процессе элементов до и после реакции:
K 2 MnO 4 + H 2 O ® KMnO 4 + MnO 2 + KOH.
Из сравнения степеней окисления следует, что марганец одновременно участвует в процессе окисления, повышая степень окисления с +6 до +7, и в процессе восстановления, понижая степень окисления с +6 до +4.2 Mn +6 ® Mn +7 ; Dw = 7-6 = +1 (процесс окисления, восстановитель),
1 Mn +6 ® Mn +4 ; Dw = 4-6 = -2 (процесс восстановления, окислитель).
Поскольку в данной реакции окислителем и восстановителем выступает одно и то же вещество (K 2 MnO 4), коэффициенты перед ним суммируются. Записываем уравнение:
3K 2 MnO 4 + 2H 2 O = 2KMnO 4 + MnO 2 + 4KOH.
б) Метод полуреакций.
Реакция протекает в нейтральной среде. Составляем ионную схему реакции, учитывая при этом, что Н 2 О является слабым электролитом, а MnO 2 - малорастворимый в воде оксид:
MnO 4 2 - + H 2 O ® MnO 4 - + ¯MnO 2 + OH - .
Записываем полуреакции:
2 MnO 4 2 - - ? ® MnO 4 - (окисление),
1 MnO 4 2 - + 2Н 2 О + 2? ® MnO 2 + 4ОН - (восстановление).
Умножаем на коэффициенты и складываем обе полуреакции, получаем суммарное ионное уравнение:
3MnO 4 2 - + 2Н 2 О = 2MnO 4 - + MnO 2 + 4OH - .
Молекулярное уравнение: 3K 2 MnO 4 + 2H 2 O = 2KMnO 4 + MnO 2 + 4KOH .
В этом случае K 2 MnO 4 является одновременно и окислителем, и восстановителем.
4. Внутримолекулярные реакции окисления-восстановления, в которых происходит выравнивание степеней окисления атомов одного и того же элемента (то есть обратные ранее рассмотренным), являются процессами контрдиспропорционирования (коммутации), например
NH 4 NO 2 ® N 2 + 2H 2 O.
1 2N - 3 - 6? ® N 2 0 (процесс окисления, восстановитель),
1 2N +3 + 6?® N 2 0 (процесс восстановления, окислитель).
Наиболее сложными являются окислительно-восстановительные реакции, в которых окислению или восстановлению подвергаются одновременно атомы или ионы не одного, а двух или нескольких элементов.
Пример 8. Используя вышеизложенные методы, уравнять реакцию:
3 -2 +5 +5 +6 +2
As 2 S 3 + HNO 3 ® H 3 AsO 4 + H 2 SO 4 + NO.
Задание №1
Si + HNO 3 + HF → H 2 SiF 6 + NO + …
N +5 + 3e → N +2 │4 реакция восстановления
Si 0 − 4e → Si +4 │3 реакция окисления
N +5 (HNO 3) – окислитель, Si – восстановитель
3Si + 4HNO 3 + 18HF → 3H 2 SiF 6 + 4NO +8H 2 O
Задание №2
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
B+ HNO 3 + HF → HBF 4 + NO 2 + …
Определите окислитель и восстановитель.
N +5 + 1e → N +4 │3 реакция восстановления
B 0 -3e → B +3 │1 реакция окисления
N +5 (HNO 3) – окислитель, B 0 – восстановитель
B+ 3HNO 3 + 4HF → HBF 4 + 3NO 2 + 3H 2 O
Задание №3
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
K 2 Cr 2 O 7 + HCl → Cl 2 + KCl + … + …
Определите окислитель и восстановитель.
2Cl -1 -2e → Cl 2 0 │3 реакция окисления
Cr +6 (K 2 Cr 2 O 7) – окислитель, Cl -1 (HCl) – восстановитель
K 2 Cr 2 O 7 + 14HCl → 3Cl 2 + 2KCl + 2CrCl 3 + 7H 2 O
Задание №4
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
Cr 2 (SO 4) 3 + … + NaOH → Na 2 CrO 4 + NaBr + … + H 2 O
Определите окислитель и восстановитель.
Br 2 0 + 2e → 2Br -1 │3 реакция восстановления
2Cr +3 - 6e → 2Cr +6 │1 реакция окисления
Br 2 – окислитель, Cr +3 (Cr 2 (SO 4) 3) – восстановитель
Cr 2 (SO 4) 3 + 3Br 2 + 16NaOH → 2Na 2 CrO 4 + 6NaBr + 3Na 2 SO 4 + 8H 2 O
Задание №5
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
K 2 Cr 2 O 7 + … + H 2 SO 4 → l 2 + Cr 2 (SO 4) 3 + … + H 2 O
Определите окислитель и восстановитель.
2Cr +6 + 6e → 2Cr +3 │1 реакция восстановления
2I -1 -2e → l 2 0 │3 реакция окисления
Cr +6 (K 2 Cr 2 O 7) – окислитель, l -1 (Hl) – восстановитель
K 2 Cr 2 O 7 + 6HI + 4H 2 SO 4 → 3l 2 + Cr 2 (SO 4) 3 + K 2 SO 4 + 7H 2 O
Задание №6
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
H 2 S + HMnO 4 → S + MnO 2 + …
Определите окислитель и восстановитель.
3H 2 S + 2HMnO 4 → 3S + 2MnO 2 + 4H 2 O
Задание №7
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
H 2 S + HClO 3 → S + HCl + …
Определите окислитель и восстановитель.
S -2 -2e → S 0 │3 реакция окисления
Mn +7 (HMnO 4) – окислитель, S -2 (H 2 S) – восстановитель
3H 2 S + HClO 3 → 3S + HCl + 3H 2 O
Задание №8
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
NO + HClO 4 + … → HNO 3 + HCl
Определите окислитель и восстановитель.
Cl +7 + 8e → Cl -1 │3 реакция восстановления
N +2 -3e → N +5 │8 реакция окисления
Cl +7 (HClO 4) – окислитель, N +2 (NO) – восстановитель
8NO + 3HClO 4 + 4H 2 O → 8HNO 3 + 3HCl
Задание №9
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
KMnO 4 + H 2 S + H 2 SO 4 → MnSO 4 + S + … + …
Определите окислитель и восстановитель.
S -2 -2e → S 0 │5 реакция окисления
Mn +7 (KMnO 4) – окислитель, S -2 (H 2 S) – восстановитель
2KMnO 4 + 5H 2 S + 3H 2 SO 4 → 2MnSO 4 + 5S + K 2 SO 4 + 8H 2 O
Задание №10
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
KMnO 4 + KBr + H 2 SO 4 → MnSO 4 + Br 2 + … + …
Определите окислитель и восстановитель.
Mn +7 + 5e → Mn +2 │2 реакция восстановления
2Br -1 -2e → Br 2 0 │5 реакция окисления
Mn +7 (KMnO 4) – окислитель, Br -1 (KBr) – восстановитель
2KMnO 4 + 10KBr + 8H 2 SO 4 → 2MnSO 4 + 5Br 2 + 6K 2 SO 4 + 8H 2 O
Задание №11
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
PH 3 + HClO 3 → HCl + …
Определите окислитель и восстановитель.
Cl +5 + 6e → Cl -1 │4 реакция восстановления
Cl +5 (HClO 3) – окислитель, P -3 (H 3 PO 4) – восстановитель
3PH 3 + 4HClO 3 → 4HCl + 3H 3 PO 4
Задание №12
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
PH 3 + HMnO 4 → MnO 2 + … + …
Определите окислитель и восстановитель.
Mn +7 + 3e → Mn +4 │8 реакция восстановления
P -3 − 8e → P +5 │3 реакция окисления
Mn +7 (HMnO 4) – окислитель, P -3 (H 3 PO 4) – восстановитель
3PH 3 + 8HMnO 4 → 8MnO 2 + 3H 3 PO 4 + 4H 2 O
Задание №13
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
NO + KClO + … → KNO 3 + KCl + …
Определите окислитель и восстановитель.
Cl +1 + 2e → Cl -1 │3 реакция восстановления
N +2 − 3e → N +5 │2 реакция окисления
Cl +1 (KClO) – окислитель, N +2 (NO) – восстановитель
2NO + 3KClO + 2KOH → 2KNO 3 + 3KCl + H 2 O
Задание №14
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
PH 3 + AgNO 3 + … → Ag + … + HNO 3
Определите окислитель и восстановитель.
Ag +1 + 1e → Ag 0 │8 реакция восстановления
P -3 - 8e → P +5 │1 реакция окисления
Ag +1 (AgNO 3) – окислитель, P -3 (PH 3) – восстановитель
PH 3 + 8AgNO 3 + 4H 2 O → 8Ag + H 3 PO 4 + 8HNO 3
Задание №15
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
KNO 2 + … + H 2 SO 4 → I 2 + NO + … + …
Определите окислитель и восстановитель.
N +3 + 1e → N +2 │ 2 реакция восстановления
2I -1 − 2e → I 2 0 │ 1 реакция окисления
N +3 (KNO 2) – окислитель, I -1 (HI) – восстановитель
2KNO 2 + 2HI + H 2 SO 4 → I 2 + 2NO + K 2 SO 4 + 2H 2 O
Задание №16
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
Na 2 SO 3 + Cl 2 + … → Na 2 SO 4 + …
Определите окислитель и восстановитель.
Cl 2 0 + 2e → 2Cl -1 │1 реакция восстановления
Cl 2 0 – окислитель, S +4 (Na 2 SO 3) – восстановитель
Na 2 SO 3 + Cl 2 + H 2 O → Na 2 SO 4 + 2HCl
Задание №17
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
KMnO 4 + MnSO 4 + H 2 O→ MnO 2 + … + …
Определите окислитель и восстановитель.
Mn +7 + 3e → Mn +4 │2 реакция восстановления
Mn +2 − 2e → Mn +4 │3 реакция окисления
Mn +7 (KMnO 4) – окислитель, Mn +2 (MnSO 4) – восстановитель
2KMnO 4 + 3MnSO 4 + 2H 2 O → 5MnO 2 + K 2 SO 4 + 2H 2 SO 4
Задание №18
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
KNO 2 + … + H 2 O → MnO 2 + … + KOH
Определите окислитель и восстановитель.
Mn +7 + 3e → Mn +4 │2 реакция восстановления
N +3 − 2e → N +5 │3 реакция окисления
Mn +7 (KMnO 4) – окислитель, N +3 (KNO 2) – восстановитель
3KNO 2 + 2KMnO 4 + H 2 O → 2MnO 2 + 3KNO 3 + 2KOH
Задание №19
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
Cr 2 O 3 + … + KOH → KNO 2 +K 2 CrO 4 + …
Определите окислитель и восстановитель.
N +5 + 2e → N +3 │3 реакция восстановления
2Cr +3 − 6e → 2Cr +6 │1 реакция окисления
N +5 (KNO 3) – окислитель, Cr +3 (Cr 2 O 3) – восстановитель
Cr 2 O 3 + 3KNO 3 + 4KOH → 3KNO 2 +2K 2 CrO 4 + 2H 2 O
Задание №20
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
I 2 + K 2 SO 3 + … → K 2 SO 4 +… + H 2 O
Определите окислитель и восстановитель.
I 2 0 + 2e → 2I -1 │1 реакция восстановления
S +4 - 2e → S +6 │1 реакция окисления
I 2 – окислитель, S +4 (K 2 SO 3) – восстановитель
I 2 + K 2 SO 3 +2KOH → K 2 SO 4 +2KI + H 2 O
Задание №21
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
KMnO 4 + NH 3 → MnO 2 +N 2 + … + …
Определите окислитель и восстановитель.
Mn +7 + 3e → Mn +4 │2 реакция восстановления
2N -3 − 6e → N 2 0 │1 реакция окисления
Mn +7 (KMnO 4) – окислитель, N -3 (NH 3) – восстановитель
2KMnO 4 + 2NH 3 → 2MnO 2 +N 2 + 2KOH + 2H 2 O
Задание №22
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
NO 2 + P 2 O 3 + … → NO + K 2 HPO 4 + …
Определите окислитель и восстановитель.
N +4 + 2e → N +2 │2 реакция восстановления
2P +3 - 4e → 2P +5 │1 реакция окисления
N +4 (NO 2) – окислитель, P +3 (P 2 O 3) – восстановитель
2NO 2 + P 2 O 3 + 4KOH → 2NO + 2K 2 HPO 4 + H 2 O
Задание №23
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
KI + H 2 SO 4 → I 2 + H 2 S + … + …
Определите окислитель и восстановитель.
S +6 + 8e → S -2 │1 реакция восстановления
2I -1 − 2e → I 2 0 │4 реакция окисления
S +6 (H 2 SO 4) – окислитель, I -1 (KI) – восстановитель
8KI + 5H 2 SO 4 → 4I 2 + H 2 S + 4K 2 SO 4 + 4H 2 O
Задание №24
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
FeSO 4 + … + H 2 SO 4 → … + MnSO 4 + K 2 SO 4 + H 2 O
Определите окислитель и восстановитель.
Mn +7 + 5e → Mn +2 │2 реакция восстановления
2Fe +2 − 2e → 2Fe +3 │5 реакция окисления
Mn +7 (KMnO 4) – окислитель, Fe +2 (FeSO 4) – восстановитель
10FeSO 4 + 2KMnO 4 + 8H 2 SO 4 → 5Fe 2 (SO 4) 3 + 2MnSO 4 + K 2 SO 4 + 8H 2 O
Задание №25
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
Na 2 SO 3 + … + KOH → K 2 MnO 4 + … + H 2 O
Определите окислитель и восстановитель.
Mn +7 + 1e → Mn +6 │2 реакция восстановления
S +4 − 2e → S +6 │1 реакция окисления
Mn +7 (KMnO 4) – окислитель, S +4 (Na 2 SO 3) – восстановитель
Na 2 SO 3 + 2KMnO 4 + 2KOH → 2K 2 MnO 4 + Na 2 SO 4 + H 2 O
Задание №26
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
H 2 O 2 + … + H 2 SO 4 → O 2 + MnSO 4 + … + …
Определите окислитель и восстановитель.
Mn +7 + 5e → Mn +2 │2 реакция восстановления
2O -1 − 2e → O 2 0 │5 реакция окисления
Mn +7 (KMnO 4) – окислитель, O -1 (H 2 O 2) – восстановитель
5H 2 O 2 + 2KMnO 4 + 3H 2 SO 4 → 5O 2 + 2MnSO 4 + K 2 SO 4 + 8H 2 O
Задание №27
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
K 2 Cr 2 O 7 + H 2 S + H 2 SO 4 → Cr 2 (SO 4) 3 + K 2 SO 4 + … + …
Определите окислитель и восстановитель.
2Cr +6 + 6e → 2Cr +3 │1 реакция восстановления
S -2 − 2e → S 0 │3 реакция окисления
Cr +6 (K 2 Cr 2 O 7) – окислитель, S -2 (H 2 S) – восстановитель
K 2 Cr 2 O 7 + 3H 2 S + 4H 2 SO 4 → Cr 2 (SO 4) 3 + K 2 SO 4 + 3S + 7H 2 O
Задание №28
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
KMnO 4 + HCl → MnCl 2 + Cl 2 + … + …
Определите окислитель и восстановитель.
Mn +7 + 5e → Mn +2 │2 реакция восстановления
2Cl -1 − 2e → Cl 2 0 │5 реакция окисления
Mn +7 (KMnO 4) – окислитель, Cl -1 (HCl) – восстановитель
2KMnO 4 + 16HCl → 2MnCl 2 + 5Cl 2 + 2KCl + 8H 2 O
Задание №29
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
CrCl 2 + K 2 Cr 2 O 7 + … → CrCl 3 + … + H 2 O
Определите окислитель и восстановитель.
2Cr +6 + 6e → 2Cr +3 │1 реакция восстановления
Cr +2 − 1e → Cr +3 │6 реакция окисления
Cr +6 (K 2 Cr 2 O 7) – окислитель, Cr +2 (CrCl 2) – восстановитель
6CrCl 2 + K 2 Cr 2 O 7 + 14HCl → 8CrCl 3 + 2KCl + 7H 2 O
Задание №30
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
K 2 CrO 4 + HCl → CrCl 3 + … + … + H 2 O
Определите окислитель и восстановитель.
Cr +6 + 3e → Cr +3 │2 реакция восстановления
2Cl -1 − 2e → Cl 2 0 │3 реакция окисления
Cr +6 (K 2 CrO 4) – окислитель, Cl -1 (HCl) – восстановитель
2K 2 CrO 4 + 16HCl → 2CrCl 3 + 3Cl 2 + 4KCl + 8H 2 O
Задание №31
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
KI + … + H 2 SO 4 → I 2 + MnSO 4 + … + H 2 O
Определите окислитель и восстановитель.
Mn +7 + 5e → Mn +2 │2 реакция восстановления
2l -1 − 2e → l 2 0 │5 реакция окисления
Mn +7 (KMnO 4) – окислитель, l -1 (Kl) – восстановитель
10KI + 2KMnO 4 + 8H 2 SO 4 → 5I 2 + 2MnSO 4 + 6K 2 SO 4 + 8H 2 O
Задание №32
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
FeSO 4 + KClO 3 + KOH → K 2 FeO 4 + KCl + K 2 SO 4 + H 2 O
Определите окислитель и восстановитель.
Cl +5 + 6e → Cl -1 │2 реакция восстановления
Fe +2 − 4e → Fe +6 │3 реакция окисления
3FeSO 4 + 2KClO 3 + 12KOH → 3K 2 FeO 4 + 2KCl + 3K 2 SO 4 + 6H 2 O
Задание №33
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции:
FeSO 4 + KClO 3 + … → Fe 2 (SO 4) 3 + … + H 2 O
Определите окислитель и восстановитель.
Cl +5 + 6e → Cl -1 │1 реакция восстановления
2Fe +2 − 2e → 2Fe +3 │3 реакция окисления
Cl +5 (KClO 3) – окислитель, Fe +2 (FeSO 4) – восстановитель
6FeSO 4 + KClO 3 + 3H 2 SO 4 → 3Fe 2 (SO 4) 3 + KCl + 3H 2 O
Задание №34
Используя метод электронного баланса, составьте уравнение реакции.